...
Dimostrare che, per qualsiasi $\,n\,$ intero e positivo,
i seguenti numeri:
= $\frac{7\cdot(n+1)^{\script 13}-7\cdot n^{\script 13}-7}{13\cdot(n+1)^7-13\cdot n^7-13}$
= $\frac{5\cdot(n+1)^{\script 11}-5\cdot n^{\script 11}-5}{11\cdot(n+1)^5-11\cdot n^5-11}$
sono sempre interi e la loro differenza ( - )
è un quadrato esatto.
Bruno
Roba dell'altro mondo!
Moderatori: Gianfranco, Bruno
Questo forum è una sezione del PORTALE DI BASE CINQUE
Roba dell'altro mondo!
(Bruno)
...........................
Invisibile un vento
l'ha apena sfioragia
sospension d'un momento;
e la bola iridessente gera 'ndagia.
{Biagio Marin}
................................................................
Meglio soluzioni sbagliate che risposte esatte.
{Rudi Mathematici}
...........................
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{Rudi Mathematici}
...maccimancherebbe!
Ciao Panurgo
Quest'aggeggio è stato 'inventato' (cioè trovato)
da un certo signor Ernest-Napoleon Barisien
(si dice che fosse un comandante, ma non so in
quale campo), il quale scorrazzava fra simili e
diverse questioni matematiche molto tempo fa.
Come le scovasse, però, lo sapeva solo lui...
Comunque, si divertiva parecchio (sembra).
Bruno
Ciao Panurgo
Quest'aggeggio è stato 'inventato' (cioè trovato)
da un certo signor Ernest-Napoleon Barisien
(si dice che fosse un comandante, ma non so in
quale campo), il quale scorrazzava fra simili e
diverse questioni matematiche molto tempo fa.
Come le scovasse, però, lo sapeva solo lui...
Comunque, si divertiva parecchio (sembra).
Bruno
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-
- Livello 4
- Messaggi: 151
- Iscritto il: gio ott 12, 2006 9:01 pm
...
Bene, Sancho Panza
Una prima considerazione.
Dietro "semplificando", naturalmente, si può
nascondere una buona quantità di calcolini
oppure qualche opportuna osservazione per
abbreviar la via: sarebbe interessante vedere
qualche metodo.
Tu come hai fatto?
Un'altra considerazione.
Giustamente trovi due espressioni, per e
per , che sono intere per qualsiasi n intero.
Ovviamente, però, quelle espressioni non
equivalgono ai due rapporti iniziali, dal
momento che esistono dei valori interi di
n che non permettono di rispondere al
problema.
(Bruno)
Bene, Sancho Panza
Una prima considerazione.
Dietro "semplificando", naturalmente, si può
nascondere una buona quantità di calcolini
oppure qualche opportuna osservazione per
abbreviar la via: sarebbe interessante vedere
qualche metodo.
Tu come hai fatto?
Un'altra considerazione.
Giustamente trovi due espressioni, per e
per , che sono intere per qualsiasi n intero.
Ovviamente, però, quelle espressioni non
equivalgono ai due rapporti iniziali, dal
momento che esistono dei valori interi di
n che non permettono di rispondere al
problema.
(Bruno)
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Se non si vogliono fare calcoli si puo' tener conto di quanto segue.
a) i numeri della forma $(n+1)^{6p+1}-(n^{6p+1}+1)$
sono divisibili per $(n^2+n+1)^2$
b) i numeri della forma $(n+1)^{6p+5}-(n^{6p+5}+1)$
sono divisibili per $(n^2+n+1)$
[p= intero non negativo]
c)i termini della prima frazione sono entrambi divisibili per 7*13,mentre
quelli della seconda per 5*11
d)Considerando per comodita' di ragionamento anche valori nulli o negativi
di n ,si vede che i termini di entrambe le frazioni si annullano per
n=0,n=-1
Pertanto la prima frazione si puo' scrivere cosi':
$\frac{91n(n+1)(n^2+n+1)^2r(n)}{91n(n+1)(n^2+n+1)^2}=r(n)$
dove r(n) e' un polinomio ,a coefficienti interi, di sesto grado.
Analogamente per la seconda frazione e cio' prova la prima parte del
quesito.Per la faccenda del quadrato sto provando.
La dimostrazione dei punti (a) e (b) si basa sul fatto che un polinomio
e' certamente divisibile per un altro ( con uguali i coefficienti dei termini
di grado piu' alto) se le radici del secondo sono anche radici del primo.
E sul fatto che le radici di n^2+n+1 sono le radici terze dell'unita',
diverse da 1.
Leandro
a) i numeri della forma $(n+1)^{6p+1}-(n^{6p+1}+1)$
sono divisibili per $(n^2+n+1)^2$
b) i numeri della forma $(n+1)^{6p+5}-(n^{6p+5}+1)$
sono divisibili per $(n^2+n+1)$
[p= intero non negativo]
c)i termini della prima frazione sono entrambi divisibili per 7*13,mentre
quelli della seconda per 5*11
d)Considerando per comodita' di ragionamento anche valori nulli o negativi
di n ,si vede che i termini di entrambe le frazioni si annullano per
n=0,n=-1
Pertanto la prima frazione si puo' scrivere cosi':
$\frac{91n(n+1)(n^2+n+1)^2r(n)}{91n(n+1)(n^2+n+1)^2}=r(n)$
dove r(n) e' un polinomio ,a coefficienti interi, di sesto grado.
Analogamente per la seconda frazione e cio' prova la prima parte del
quesito.Per la faccenda del quadrato sto provando.
La dimostrazione dei punti (a) e (b) si basa sul fatto che un polinomio
e' certamente divisibile per un altro ( con uguali i coefficienti dei termini
di grado piu' alto) se le radici del secondo sono anche radici del primo.
E sul fatto che le radici di n^2+n+1 sono le radici terze dell'unita',
diverse da 1.
Leandro
...
Benissimo!
(Bruno)
Benissimo!
Attendo il seguito, alloraLeandro ha scritto:(...) Per la faccenda del quadrato sto provando (...)
(Bruno)
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