Multipli
Moderatori: Gianfranco, Bruno
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Multipli
A)
Il numero naturale (9a-1)·10ª+1 è sempre divisibile per 81.
Il numero naturale (9a-1)·10ª+1 è sempre divisibile per 81.
(Bruno)
...........................
Invisibile un vento
l'ha apena sfioragia
sospension d'un momento;
e la bola iridessente gera 'ndagia.
{Biagio Marin}
................................................................
Meglio soluzioni sbagliate che risposte esatte.
{Rudi Mathematici}
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Invisibile un vento
l'ha apena sfioragia
sospension d'un momento;
e la bola iridessente gera 'ndagia.
{Biagio Marin}
................................................................
Meglio soluzioni sbagliate che risposte esatte.
{Rudi Mathematici}
B)
Il numero intero n(n+1)(n²-7n+14) è sempre divisibile per 8.
Il numero intero n(n+1)(n²-7n+14) è sempre divisibile per 8.
(Bruno)
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Invisibile un vento
l'ha apena sfioragia
sospension d'un momento;
e la bola iridessente gera 'ndagia.
{Biagio Marin}
................................................................
Meglio soluzioni sbagliate che risposte esatte.
{Rudi Mathematici}
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Invisibile un vento
l'ha apena sfioragia
sospension d'un momento;
e la bola iridessente gera 'ndagia.
{Biagio Marin}
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Meglio soluzioni sbagliate che risposte esatte.
{Rudi Mathematici}
C)
Il numero intero n(n+1)(5n+4) è sempre divisibile per 6.
(Bruno)
Il numero intero n(n+1)(5n+4) è sempre divisibile per 6.
(Bruno)
(Bruno)
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Invisibile un vento
l'ha apena sfioragia
sospension d'un momento;
e la bola iridessente gera 'ndagia.
{Biagio Marin}
................................................................
Meglio soluzioni sbagliate che risposte esatte.
{Rudi Mathematici}
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Invisibile un vento
l'ha apena sfioragia
sospension d'un momento;
e la bola iridessente gera 'ndagia.
{Biagio Marin}
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Meglio soluzioni sbagliate che risposte esatte.
{Rudi Mathematici}
Ciao Bruno! Ma dove li trovi tutti questi bei problemini?
Provo il primo.
Per induzione.
$a=1 \Rightarrow (9a-1)10^a+1=81$.
Se vale per $a \in \mathbb{N}$ allora
$(9(a+1)-1)10^{a+1}+1=(9a-1) \cdot 10 \cdot 10^a+90 \cdot 10^a+10-10+1=10[(9a-1)10^a+1]+9(10^{a+1}-1)$
Per ipotesi induttiva basta mostrare che $10^{a+1}-1$ e' divisibile per 9. E questo e' vero: si puo' valutare modulo 9 o notare che il polinomio $x^n-1$ e' divisibile per il polinomio $x-1$.
...che dire della successione $a_n \equiv \frac{(9n-1)10^n+1}{81}=a_{n-1}+1+10+...+10^{n-1}$? Forse niente
Provo il primo.
Per induzione.
$a=1 \Rightarrow (9a-1)10^a+1=81$.
Se vale per $a \in \mathbb{N}$ allora
$(9(a+1)-1)10^{a+1}+1=(9a-1) \cdot 10 \cdot 10^a+90 \cdot 10^a+10-10+1=10[(9a-1)10^a+1]+9(10^{a+1}-1)$
Per ipotesi induttiva basta mostrare che $10^{a+1}-1$ e' divisibile per 9. E questo e' vero: si puo' valutare modulo 9 o notare che il polinomio $x^n-1$ e' divisibile per il polinomio $x-1$.
...che dire della successione $a_n \equiv \frac{(9n-1)10^n+1}{81}=a_{n-1}+1+10+...+10^{n-1}$? Forse niente
"Oh! But I have been blind- blind. Complex, I have said?
Complicated? Mais non. Of a simplicity extreme - extreme.
And miserable one that I am, I saw nothing - nothing."
(Peril At End House)
Complicated? Mais non. Of a simplicity extreme - extreme.
And miserable one that I am, I saw nothing - nothing."
(Peril At End House)
...
Ottimo Tino!
Be', li trovo un po' dappertutto: spulciando fra i quiz
delle Olimpiadi della Matematica, in una raccolta di
antichi Supplementi al Periodico di Matematica che
giaceva dimenticata in una cantina, in altri forum etc.
Sotto con gli altri
Bruno
Ottimo Tino!
Mi fa piacere che ti piaccianoTino ha scritto:(...) Ma dove li trovi tutti questi bei problemini? (...)
Be', li trovo un po' dappertutto: spulciando fra i quiz
delle Olimpiadi della Matematica, in una raccolta di
antichi Supplementi al Periodico di Matematica che
giaceva dimenticata in una cantina, in altri forum etc.
...con il segno $\,\equiv\,$ intendi forse $\, =\,$?Tino ha scritto:...che dire della successione $a_n \equiv \frac{(9n-1)10^n+1}{81}=a_{n-1}+1+10+...+10^{n-1}$?
Sotto con gli altri
Bruno
(Bruno)
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{Biagio Marin}
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Meglio soluzioni sbagliate che risposte esatte.
{Rudi Mathematici}
Si, diciamo che intendo "$:=$" mi sono affezionato a "$\equiv$" quando il mio docente di analisi reale nel definire le funzioni scriveva (per esempio):Bruno ha scritto:con il segno $\,\equiv\,$ intendi forse $\, =\,$?
"sia $f: \mathbb{R} \rightarrow \mathbb{R}$ definita da $f(x) \equiv ...$"
Nel frattempo, provo il terzo:
esattamente uno tra n e n+1 è pari, quindi abbiamo la divisibilità per 2. Per provare quella per 3, considero i casi possibili: se n è multiplo di 3 sono a posto, se n+1 è multiplo di 3 sono a posto, se non vale nessuno di questi due casi allora n+2 è multiplo di 3, e quindi lo è anche 3n+2(n+2)=5n+4.
Ciao ciao!
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Complicated? Mais non. Of a simplicity extreme - extreme.
And miserable one that I am, I saw nothing - nothing."
(Peril At End House)
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- Iscritto il: mer apr 20, 2005 3:47 pm
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Condivido il tuo pensiero delfo!
in effetti mi accingevo a postare la mia soluzione al 3° quesito, che scomodava Fermat, ma poi ho visto l'elegante risposta di Tino e nulla...
a questo punto provo a rispondere al 2°:
B)
Se $n$ è pari riscriviamo il prodotto nella forma
$n(n^3-6n^2+7n+14)$
a questo punto:
SE&O
Admin
in effetti mi accingevo a postare la mia soluzione al 3° quesito, che scomodava Fermat, ma poi ho visto l'elegante risposta di Tino e nulla...
a questo punto provo a rispondere al 2°:
B)
Se $n$ è pari riscriviamo il prodotto nella forma
$n(n^3-6n^2+7n+14)$
a questo punto:
- se $n$ è pari e multiplo di 8 il problema è risolto;
- se $n$ è pari e multiplo di 4 ma non di 8 ($n=4k$ con $k$ dispari), dobbiamo dimostrare che il fattore $(n^3-6n^2+7n+14)$ è divisibile per 2;
il che si evince immediatamente andando a sostituire $4k$ ad $n$; - se $n$ è pari ma non multiplo di 4 ($n=2k$ con $k$ dispari), bisogna dimostrare che $(n^3-6n^2+7n+14)$ è divisibile per 4;
sostituendo $n=2k$ si ottiene $(8k^3-24k^2+14k+14)$;
deve essere $8k^3-24k^2+14k+14\equiv 0\,\pmod4$;
semplificando si ottiene
$14k+14\equiv 0\,\pmod4\,\rightarrow\,14(k+1)\equiv0\,\pmod4$
essendo $k$ dispari, $k+1$ è pari e quindi $14(k+1)$ è divisibile per 4, e quindi lo è tutto il fattore; - se $n$ è dispari ($n=2k+1$) dobbiamo dimostrare che
$n^3-6n^2+7n+14\equiv0\,\pmod8$
sostituiamo ad $n$, $2k+1$; si ottiene dopo alcune semplificazioni:
$8k^3-12k^2-4k+16\equiv0\,\pmod8$
essendo $8k^3$ e $16$ divisibili per 8 resta:
$-12k^2-4k\equiv0\,\pmod8\,\Rightarrow\,-4(3k^2+k)\equiv 0\,\pmod8$
da cui si evince chiaramente che $3k^2+k$ è sempre divisibile per 2 per ogni $k$ intero;
quindi $-4(3k^2+k)$ è divisibile per 8 e quindi lo è tutto il fattore.
SE&O
Admin
Pietro Vitelli (Amministratore del Forum)
"Un matematico è una macchina che converte caffè in teoremi" Paul Erdös
www.pvitelli.net
"Un matematico è una macchina che converte caffè in teoremi" Paul Erdös
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Oh... troppo buoni in genere ragionando per congruenze i problemi di divisibilita' si facilitano parecchio! (cioe' magari poi senza usare esplicitamente le congruenze se possibile, ma l'idea e' quella)
Io per il secondo avevo pensato cosi':
Sia $f(n) := n(n+1)(n^2-7n+14)$
Allora $f(n) \equiv n(n+1)(n^2+n-2)\ mod(8)$
Il polinomio $n^2+n-2$ si scompone come $(n-1)(n+2)$ e quindi ho
$f(n) \equiv (n-1)n(n+1)(n+2)\ mod(8)$
Quindi basta mostrare che il prodotto di quattro numeri interi consecutivi e' multiplo di 8. Ma questo e' vero perche' di questi quattro numeri certamente uno e' multiplo di 4 e uno e' pari non multiplo di 4 (uno e' congruo a 0, uno a 2 modulo 4) quindi nel fare il prodotto posso raccogliere un $4 \cdot 2 = 8$
Io per il secondo avevo pensato cosi':
Sia $f(n) := n(n+1)(n^2-7n+14)$
Allora $f(n) \equiv n(n+1)(n^2+n-2)\ mod(8)$
Il polinomio $n^2+n-2$ si scompone come $(n-1)(n+2)$ e quindi ho
$f(n) \equiv (n-1)n(n+1)(n+2)\ mod(8)$
Quindi basta mostrare che il prodotto di quattro numeri interi consecutivi e' multiplo di 8. Ma questo e' vero perche' di questi quattro numeri certamente uno e' multiplo di 4 e uno e' pari non multiplo di 4 (uno e' congruo a 0, uno a 2 modulo 4) quindi nel fare il prodotto posso raccogliere un $4 \cdot 2 = 8$
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...
B r A v I s S i M i !
Probabilmente, però, la successione:
$a_n = \frac{(9\cdot n-1)\cdot 10^n+1}{81}=a_{n-1}+1+10+...+10^{n-1}$
dovrebbe essere questa:
$a_n = \frac{(9\cdot n-1)\cdot 10^n+1}{81}=a_{n-1}+n\cdot 10^{n-1}\; .$
Pensavi a questo, forse?
facilitare molto le cose, magari fino a
rendere meccanici i passaggi.
A me, però, piacciono di più i metodi
come quello che Tino ha utilizzato per
il secondo quiz ed è così che di solito
tratto le questioni del genere.
Mi sembra di entrare meglio nel
problema, nella proprietà indicata...
Resto comunque ammirato - sempre -
per gli approcci di Pietro: si vede che
si esercita e gli piace molto farlo
Grande!
A presto.
Bruno
B r A v I s S i M i !
Ok, come pensavo.Tino ha scritto: Si, diciamo che intendo "$:=$" (...)
Probabilmente, però, la successione:
$a_n = \frac{(9\cdot n-1)\cdot 10^n+1}{81}=a_{n-1}+1+10+...+10^{n-1}$
dovrebbe essere questa:
$a_n = \frac{(9\cdot n-1)\cdot 10^n+1}{81}=a_{n-1}+n\cdot 10^{n-1}\; .$
Pensavi a questo, forse?
...sì, è vero: le congruenze possonoTino ha scritto:(...) in genere ragionando per congruenze i problemi di divisibilita' si facilitano parecchio!
facilitare molto le cose, magari fino a
rendere meccanici i passaggi.
A me, però, piacciono di più i metodi
come quello che Tino ha utilizzato per
il secondo quiz ed è così che di solito
tratto le questioni del genere.
Mi sembra di entrare meglio nel
problema, nella proprietà indicata...
Resto comunque ammirato - sempre -
per gli approcci di Pietro: si vede che
si esercita e gli piace molto farlo
Grande!
A presto.
Bruno
(Bruno)
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Invisibile un vento
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{Biagio Marin}
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Riguardando il problema, mi è appena venutaA)
Il numero naturale (9a-1)·10ª+1 è sempre divisibile per 81.
in mente questa risoluzione alternativa.
Per a = 0 e a = 1, la verifica della proprietà
è immediata.
Per a > 1, possiamo senz'altro scrivere:
10ª = (9+1)ª = 81k+9a+1, per un certo k.
Dunque: (9a-1)·10ª+1 = 81k(9a-1)+81a².
(Bruno)
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Aspetta, forse troviamo un punto di contatto: avevo scordato che c'e' un 10 che moltiplica $a_{n-1}$.Bruno ha scritto: Probabilmente, però, la successione:
$a_n = \frac{(9\cdot n-1)\cdot 10^n+1}{81}=a_{n-1}+1+10+...+10^{n-1}$
dovrebbe essere questa:
$a_n = \frac{(9\cdot n-1)\cdot 10^n+1}{81}=a_{n-1}+n\cdot 10^{n-1}\; .$
Pensavi a questo, forse?
$a_n=10a_{n-1}+\frac{10^n-1}{9}\\ a_1=1$
Ne evinco che la mia interpretazione equivale alla tua se
$10a_{n-1}+\frac{10^n-1}{9}=a_{n-1}+n \cdot 10^{n-1}$
ovvero
$9a_{n-1}=n \cdot 10^{n-1}-\frac{10^n-1}{9} \\ (9(n-1)-1)10^{n-1}+1=9n \cdot 10^{n-1}-10^n+1$
che e' un'identita', sempre verificata.
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Bene, Tino: adesso sì che mi torna tutto!
Quel 10 faceva la sua brava differenza
e quindi non rendeva verificata la tua
definizione
Ottimo.
Ciao!
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(Bruno)
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Ottimo Tino!
Bella e semplice anche la tua soluzione al secondo;
non ci avevo proprio pensato!
ti rinnovo i miei complimenti!
Ciao
Admin
Bella e semplice anche la tua soluzione al secondo;
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Ciao
Admin
Pietro Vitelli (Amministratore del Forum)
"Un matematico è una macchina che converte caffè in teoremi" Paul Erdös
www.pvitelli.net
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...
Mi unisco ai complimenti per Tino
Bruno
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Bruno
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