...
V è il volume di un cilindro retto e A è la sua superficie totale.
Dobbiamo dimostrare che è sempre:
$\frac {A^3}{V^2} \, \ge \, 54\pi$.
Quando vale l'uguaglianza?
Un duello fra area e volume
Moderatori: Gianfranco, Bruno
Questo forum è una sezione del PORTALE DI BASE CINQUE
Un duello fra area e volume
(Bruno)
...........................
Invisibile un vento
l'ha apena sfioragia
sospension d'un momento;
e la bola iridessente gera 'ndagia.
{Biagio Marin}
................................................................
Meglio soluzioni sbagliate che risposte esatte.
{Rudi Mathematici}
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Invisibile un vento
l'ha apena sfioragia
sospension d'un momento;
e la bola iridessente gera 'ndagia.
{Biagio Marin}
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Meglio soluzioni sbagliate che risposte esatte.
{Rudi Mathematici}
Il volume del cilindro è
$V = \pi r^{\script 2} h$
La superficie totale del cilindro è
$A = 2\pi r\left( {h + r} \right)$
Ponendo
$h = \gamma r$
si ha
$V = \pi r^{\script 3} \gamma \\ A = 2\pi r^{\script 2} \left( {\gamma + 1} \right)$
e quindi
$f = \frac{{A^{\script 3} }}{{V^{\script 2} }} = 8\pi \frac{{\left( {\gamma + 1} \right)^{\script 3} }}{{\gamma ^{\script 2} }}$
Derivando si ottiene
$f' = 8\pi \frac{{\left( {1 + \gamma } \right)^{\script 2} \left( {\gamma - 2} \right)}}{{\gamma ^{\script 3} }} = 0\quad \Leftrightarrow \quad \gamma = 2\quad \Leftrightarrow \quad h = 2r \\ f \left( 2 \right) = 54\pi$
derivando la seconda volta si ottiene
$f'' = 48\pi \frac{{\gamma + 1}}{{\gamma ^{\script 4} }} > 0\quad \Rightarrow \quad f''\left( 2 \right) = 9 \pi > 0$
cioè la curvatura è positiva e $f \left(2 \right)$ è un minimo. Inoltre
$\lim \limits_{\script \gamma \to 0} f = + \infty$
e
$\lim \limits_{\script \gamma \to + \infty} f = + \infty$
e quindi si tratta di un minimo assoluto.
$V = \pi r^{\script 2} h$
La superficie totale del cilindro è
$A = 2\pi r\left( {h + r} \right)$
Ponendo
$h = \gamma r$
si ha
$V = \pi r^{\script 3} \gamma \\ A = 2\pi r^{\script 2} \left( {\gamma + 1} \right)$
e quindi
$f = \frac{{A^{\script 3} }}{{V^{\script 2} }} = 8\pi \frac{{\left( {\gamma + 1} \right)^{\script 3} }}{{\gamma ^{\script 2} }}$
Derivando si ottiene
$f' = 8\pi \frac{{\left( {1 + \gamma } \right)^{\script 2} \left( {\gamma - 2} \right)}}{{\gamma ^{\script 3} }} = 0\quad \Leftrightarrow \quad \gamma = 2\quad \Leftrightarrow \quad h = 2r \\ f \left( 2 \right) = 54\pi$
derivando la seconda volta si ottiene
$f'' = 48\pi \frac{{\gamma + 1}}{{\gamma ^{\script 4} }} > 0\quad \Rightarrow \quad f''\left( 2 \right) = 9 \pi > 0$
cioè la curvatura è positiva e $f \left(2 \right)$ è un minimo. Inoltre
$\lim \limits_{\script \gamma \to 0} f = + \infty$
e
$\lim \limits_{\script \gamma \to + \infty} f = + \infty$
e quindi si tratta di un minimo assoluto.
il panurgo
Principio di Relatività: $\mathbb{m} \not \to \mathbb{M} \, \Longleftrightarrow \, \mathbb{M} \not \to \mathbb{m}$
"Se la montagna non va a Maometto, Maometto NON va alla montagna"
Principio di Relatività: $\mathbb{m} \not \to \mathbb{M} \, \Longleftrightarrow \, \mathbb{M} \not \to \mathbb{m}$
"Se la montagna non va a Maometto, Maometto NON va alla montagna"
...
Bene
E' carina, vero?
Si può anche risolvere ricorrendo alla disuguaglianza
fra media aritmetica e media geometrica.
(Bruno)
Bene
E' carina, vero?
Si può anche risolvere ricorrendo alla disuguaglianza
fra media aritmetica e media geometrica.
(Bruno)
(Bruno)
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Altro esempio della disuguaglianza di Jensen (vedi https://www.base5forum.it/viewtopic.php? ... 0822e64692)Bruno ha scritto:...
Bene
E' carina, vero?
Si può anche risolvere ricorrendo alla disuguaglianza
fra media aritmetica e media geometrica.
(Bruno)
il panurgo
Principio di Relatività: $\mathbb{m} \not \to \mathbb{M} \, \Longleftrightarrow \, \mathbb{M} \not \to \mathbb{m}$
"Se la montagna non va a Maometto, Maometto NON va alla montagna"
Principio di Relatività: $\mathbb{m} \not \to \mathbb{M} \, \Longleftrightarrow \, \mathbb{M} \not \to \mathbb{m}$
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Già... proprio così
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